Viele nordafrikanischen Länder haben ihr Bildungssystem von Frankreich übernommen; wie bei den Franzosen gibt es dort verschiedene Spielarten des Abiturs, von S wie scientifique bis L wie Literatur. Heute stelle ich hier die Einstiegsaufgabe von 2021 vor.
I. Wir betrachten die auf dem Intervall \(I = ] -\infty, 1[\) definierte Funktion \( f \) mit \( f(x) = \ln(1-x) \). Sei C das Schaubild von \(f\) in einem kartesischen Koordinatensystem.
- (0,25) 1.a) Zeige, dass \( f \) stetig auf I ist .
- (0.25) b) Zeige, dass die Funktion \( f \) auf I streng monoton fallend ist.
- (0,75) c) Berechne \( \lim\limits_{x \to 1^-} f(x)\), \( \lim\limits_{x \to - \infty} f(x)\), \( \lim\limits_{x \to 1^-} \frac{f(x)}{x}\).
- (0,5) d) Interpretiere diese Resultate am Schaubild C.
- (0,25) e) Zeichne die Monotonietafel.
- (0,25) 2. a) Zeige, dass das Schaubild C konkav ist.
- (0,25) b) Skizziere C in einem kartesischen Koordinatensystem.
- (0,25) 3. a) Zeige, dass \(f \) eine Bijektion von I auf \( \mathbb R\) ist. Sei jetzt \( f^{-1} \) die Umkehrfunktion von \( f \).
- (0,25) b) Bestimme \( f^{-1}(x) \) für \(x \in \mathbb R\).
- (0,25) c) Zeige, dass \(f^{-1}(-1) = 1-e^{-1} \) ist.
II. Für jedes reelle \( x \) und für jede natürliche Zahl \(n \ge 2 \) setzen wir\[ P_n(x) = x + \frac{x^2}2 + \ldots + \frac{x^n}n .\]
- (0,5) 1. Zeige, dass für jede natürliche Zahl \(n \ge 2 \) ein reelles \( x \in ]0, 1[ \) existiert mit \(P_n(x) = 1. \)
- (0,5) 2. Bestimme die reelle Zahl \( \alpha = x_2\) und zeige, dass \(0 < \alpha < 1 \) gilt
- (0,5) 3.a) Zeige: für jede natürliche Zahl \(n \ge 2 \) gilt \(P_{n+1}(x_n) > 1 \).
- (0,5) b) Folgere daraus, dass die dadurch definierte Folge \( (x_n)_{n \ge 2} \) streng monoton fallend ist.
- (0,25) c) Zeige, dass \(x_n \in\ ]0, \alpha [ \) ist für jede natürliche Zahl \(n \ge 2 \) .
- (0,25) d) Zeige, dass die Folge \( (x_n)_{n \ge 2} \) konvergiert.
- 4. Für jedes reelle \( x \in I\) und jede natürliche Zahl \(n \ge 2 \) setzen wir \[ f_n(x) = f(x) + P_n(x) \]. (0,5) a) Zeige, dass für alle \( x \in I\) und alle \(n \ge 2\) gilt: \(f_n'(x) = - \frac{x^n}{1-x} \).
- (0,25) b) Zeige, dass für alle \( x \in [0, \alpha] \) und alle \(n \ge 2\) gilt: \( |f_n'(x)| \le \frac{\alpha^n}{1-\alpha} \).
- (0,5) Folgere daraus, dass für alle \( x \in [0, \alpha] \) und alle \(n \ge 2\) gilt: \( |f_n(x)| \le \frac{\alpha^n}{1-\alpha} \).
- (0,5) d) Zeige, dass für alle \(n \ge 2 \) gilt: \( |f(x_n)+1| \le \frac{\alpha^n}{1-\alpha} \).
- (0,5) e) Bestimme damit den Wert von \( \lim \limits_{x \to + \infty} x_n\).
Jetzt ist \(P_{n+1}(x_n) > 1\) und \(P_{n+1}(x_{n+1}) = 1\); weil \( P_n \) streng monoton wächst, folgt daraus \(x_{n+1} < x_n\), d.h. die Folge \(( x_n )\) ist monoton fallend. Wegen \(x_2 = \alpha \) ist daher \(x_n \le \alpha\); weil auch \(x_n > 0\) ist, folgt \( x_n \in ]0, \alpha ]\). Weil die Folge \((x_n) \) monoton fällt und beschränkt ist, konvergiert sie.
In 4. Ist \[ f_n'(x) = f'(x) + P_n'(x) = \frac1{x-1} + 1 + x + x^2 + \ldots + x^{n-1} \]. Der hintere Teil ist eine geometrische Reihe mit Summe \( \frac{x^n-1}{x-1} \), folglich ist \[ f_n'(x) = \frac1{x-1} + \frac{x^n-1}{x-1} = \frac{x^n}{x-1} = -\frac{x^n}{1-x} \] wie verlangt.
Für b) rechnet man nach, dass \( |f_n'(x)| \) streng monoton steigt, indem man zeigt, dass \( |f_n''(x)| > 0 \) ist. Dann folgt die Behauptung wegen \( |f_n'(0)| = 0 \) und \( |f_n'(\alpha)| = \frac{\alpha^n}{1-\alpha} \).
Für c) braucht man eine Idee. Ich habe mir folgendes einfallen lassen:\[ |f_n(x)| = \int_0^x |f_n(t)|\, dt \le \int_0^x \frac{\alpha^n}{1-\alpha}\, dt = \frac{\alpha^n}{1-\alpha} \cdot x < \frac{\alpha^n}{1-\alpha} \] wegen \(0 < x < 1\). Dabei habe ich benutzt, dass \(f(x) \le 0 \) für \( x \in [0, \alpha] \) und damit \(|f(x)| = -f(x) \) ist.
Setzen wir \(x = x_n\) in \(f_n\) ein, erhalten wir \(f_n(x_n) = f(x_n) + P_n(x_n) = f(x_n) + 1 \). Also folgt aus c), dass \(| f(x_n) + 1| = |f_n(x_n)| < \frac{\alpha^n}{1-\alpha} \) ist.
Aus d) folgt, dass \( \lim_{n \to \infty} |f(x_n) + 1| = 0 \) ist, also \( \lim_{n \to \infty} \ln(1-x_n) = -1 \). Daraus folgt \( \lim_{n \to \infty} 1 - x_n = e^{-1} = \frac1e \), indem man die Exponentialfunktion auf den Grenzwert anwendet (Stetigkeit!) und damit \( \lim_{n \to \infty} x_n = 1 - \frac1e \).
Das war die erste Aufgabe von vieren; die anderen (A2: Integralfunktion; A3: komplexe Zahlen; A4: Kongruenzrechnung und kleiner Fermatscher Satz) hole ich bei Gelegenheit nach.
Sehr interessant! Mir ist eine winziger (Kopier?-)Fehler aufgefallen: Bei der Lösung des dritten Grenzwerts recht weit oben sollte wahrscheinlich x->1- und f(x)/x stehen.
AntwortenLöschenkorrigiert - merci.
LöschenFranz,
AntwortenLöschenkönntest Du bitte die Prüfung im Ganzen auf Deiner Seite verlinken, so daß auch dem letzten in Deutschland klar wird:
2021: Marokko - Deutschland 4:0,
wobei Deutschland in Bestaufstellung, i.e. mit dem Schwierigkeitsmaximum aller LK-Mathematikabiturprüfungen, angetreten ist.
Bernhard
Der Kommentar wurde von einem Blog-Administrator entfernt.
LöschenEs ist schwierig Kriterien für ein gutes Abitur festzulegen. Schwierigkeit oder Erfolgsquote sind vielleicht messbar, aber nicht wie viel hängen bleibt.
LöschenVerletzter Chauvinismus?
LöschenMir ist auch ein kleiner Tipp-Fehler aufgefallen. Die Lösung der Gleichung P_2(x)=1 müsste x=sqrt(3)-1 lauten (statt sqrt(2)-1).
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